2025届高三上学期10月联考数学试题一、单选题（本大题共8小题）1已知集合，集合，则（）ABCD2已知为虚数单位，复数满足，则的值为（）A1BC或D1或3已知向量，若向量在向量上的投影向量，则（）ABCD14已知函数满足，且在区间上单调递减.设，则（）ABCD5已知圆锥的母线长为定值R，当圆锥的体积最大时，圆锥的底面半径为（）ABCD6已知函数的图象如图所示，则不等式的解集为（）ABCD7若正项等比数列满足，则数列的前4项的和的值是（）ABCD8已知小明射箭命中靶心的概率为，且每次射击互不影响，则小明在射击4次后，恰好命中两次的概率是（）ABCD二、多选题（本大题共3小题）9如图，在直三棱柱中，侧面的对角线交点，点是侧棱上的一个动点，下列结论正确的是（ ）A直三棱柱的侧面积是B直三棱柱的外接球表面积是C三棱锥的体积与点的位置无关D的最小值为10已知的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，则下列说法正确的有（）A若，则B若，则此三角形为直角三角形C若，则解此三角形必有两解D若是锐角三角形，则11已知数列的首项为，且，数列，数列，数列的前项和分别为，则（）A B CD三、填空题（本大题共3小题）12已知，且，则的最小值是 13已知函数在区间上有且仅有5个零点，则的取值范围是 14设函数给出下列四个结论：当时，函数在上单调递减；若函数有且仅有两个零点，则；当时，若存在实数，使得，则的取值范围为；已知点，函数的图象上存在两点，关于坐标原点的对称点也在函数的图象上若，则其中所有正确结论的序号是 四、解答题（本大题共5小题）15已知等比数列的前项和为，数列满足(1)求数列，的通项公式；(2)令，求的前项和16如图，在三棱锥中，分别是侧棱，的中点，平面.(1)求证：平面平面；(2)如果，求二面角的余弦值.17近年来，某大学为响应国家号召，大力推行全民健身运动，向全校学生开放了两个健身中心，要求全校学生每周都必须利用课外时间去健身中心进行适当的体育锻炼.(1)该校学生甲,乙,丙三人某周均从两个健身中心中选择其中一个进行健身，若甲,乙,丙该周选择健身中心健身的概率分别为，求这三人中这一周恰好有一人选择健身中心健身的概率；(2)该校学生丁每周六,日均去健身中心进行体育锻炼，且这两天中每天只选择两个健身中心的其中一个，其中周六选择健身中心的概率为.若丁周六选择健身中心，则周日仍选择健身中心的概率为；若周六选择健身中心，则周日选择健身中心的概率为.求丁周日选择健身中心健身的概率；(3)现用健身指数来衡量各学生在一个月的健身运动后的健身效果，并规定值低于1分的学生为健身效果不佳的学生，经统计发现从全校学生中随机抽取一人，其值低于1分的概率为0.02.现从全校学生中随机抽取一人，如果抽取到的学生不是健身效果不佳的学生，则继续抽取下一个，直至抽取到一位健身效果不佳的学生为止，但抽取的总次数不超过.若抽取次数的期望值不超过23，求的最大值.参考数据：.18已知椭圆的离心率为，过点的直线交椭圆于点，且当轴时，.(1)求椭圆的方程；(2)记椭圆的左焦点为，若过三点的圆的圆心恰好在轴上，求直线的斜率.19对于四个正数m、n、p、q，若满足，则称有序数对是的“下位序列”(1)对于2、3、7、11，有序数对是的“下位序列”吗？请简单说明理由；(2)设a、b、c、d均为正数，且是的“下位序列”，试判断、之间的大小关系；(3)设正整数n满足条件：对集合内的每个m，总存在正整数k，使得是的“下位序列”，且是的“下位序列”，求正整数n的最小值参考答案1【答案】C【详解】由可得：，所以，由可得：，所以，所以.故选：C.2【答案】C【详解】设，则，因为，所以，或当时，；当时，.故选：C3【答案】D【详解】解：由已知可得，在上的投影向量为，又在上的投影向量，所以.所以，D正确故选：D.4【答案】D【详解】由，得到对称轴为，则，而，又在上单调递减，则，得.故选：D5【答案】B【详解】设圆锥的底面半径为，高为，则，可得，则圆锥的体积，则，当时，；当时，；则在上单调递增，在内单调递减，可知当，即时，圆锥的体积取到最大值.故选：B.6【答案】A【详解】由函数的图象可得：当时，函数单调递增，则，当时，函数单调递减，则当时，函数单调递增，则，由或解得，解得，综上，不等式的解集为.故选：A7【答案】A【详解】设正项等比数列的公比为，因为，所以，解得，所以，所以，所以，所以，所以数列的前4项的和的值为.故选A8【答案】D【分析】利用二项分布的概率即可得解【详解】由已知命中的概率为，不命中的概率为，射击4次，命中两次，故概率.故选D.9【答案】ACD【分析】首先计算长，再根据直棱柱的侧面积公式，即可判断A；首先计算外接圆的半径，再根据几何关系求外接球的半径，代入公式，即可判断B；根据体积公式，结合线与平面平行的关系，即可判断C；利用展开图，结合几何关系，即可判断D.【详解】A.中，所以直棱柱的侧面积为，故A正确；B.外接圆的半径，所以直棱柱外接圆的半径，则直三棱柱外接球的表面积，故B错误；C.因为，且平面，平面，所以平面，点在上，所以点到平面的距离相等，为等腰三角形底边的高为，且的面积为，则三棱锥的体积为定值，与点的位置无关，故C正确；D.将侧面展开为如图长方形，连结,交于点，此时最小，最小值为，故D正确.故选ACD.【关键点拨】本题D选项解决的关键是将平面与展开到同一个面，利用两点之间距离最短即可得解.10【答案】BD【详解】对于A：因为，由正弦定理可得，则,又，则，可得，整理得，又因为，可得或，即或，所以或，故A错误；对于B：因为，则，所以，所以，在三角形中，所以，所以，则此三角形为直角三角形，故B正确；对于C：因为，所以，所以，则解此三角形只有一解，故C错误；对于D：因为是锐角三角形，所以，所以，所以，所以，即，同理，则，故D正确故选：BD.11【答案】BCD【详解】若数列中存在某项，由可推得，进而所有项均为0，与矛盾，故数列均为非零项由两边同时除以，可得，所以，故数列是以4为首项，公比为4的等比数列，所以，即.对于A，因为，可得，矛盾，所以A错误；对于B，因为 ，所以成立，所以B正确；对于C，因为，所以，所以C正确；对于D，因为，则，错位相减得，则成立，所以D正确故选BCD12【答案】【详解】由，得，因为，所以，所以，当且仅当，即，时，等号成立，所以的最小值是13【答案】【详解】因为，所以函数的最小正周期因为在区间上有5个零点，所以，即，可得；故答案为：.14【答案】【详解】当时，时，故在上不是单调递减，错误；对于，当显然不成立，故，当时，令，即，得，要使有且仅有两个零点，则，故，正确，对于, 当时,此时在单调递减，在单调递增，如图：若，由，故，所以的取值范围为；正确对于,由可知：时，显然不成立,故，要使，关于坐标原点的对称点也在函数的图象上，则只需要的图象与有两个不同的交点，如图：故，由对称可得，化简可得，故， ，化简得所以由于均大于0，所以，因此由于，为单调递增函数，且，此时，因此，正确.故答案为：15【答案】(1)(2)【详解】（1）由题意知，即，解得，所以；由，得，-两式相减得：，所以，当时，满足上式，故.（2）由（1）知，所以，-两式相减得：，所以.16【答案】(1)证明见解析(2)【详解】（1）因为，分别是侧棱，的中点，所以，因为，所以，因为平面，平面，所以，又平面，所以平面，又因为平面，所以平面平面；（2）因为平面，平面，所以，因为，所以，所以，因为平面，所以平面，又平面，所以，所以两两垂直，如图，以点为原点，建立空间直角坐标系，则，故，设平面的法向量为，则有，可取，因为平面，所以即为平面的一条法向量，故，所以二面角的余弦值.17【答案】(1)(2)(3)30【详解】（1）由题意得这三人中这一周恰好有一人选择健身中心健身的概率.（2） 记事件：丁周六选择健身中心，事件：丁周日选择健身中心，则，由全概率公式得，故丁周日选择健身中心健身的概率为.（3） 设从全校学生中随机抽取1人，抽取到的学生是健身效果不佳的学生的概率为，则，设抽取次数为，则的分布列为123故，又，两式相减得，所以，所以在时单调递增，可知当时，；当时，；当时，.若抽取次数的期望值不超过23，则的最大值为30.【关键点拨】(1)利用独立事件概率乘法公式和互斥事件概率加法公式进行计算；(2)利用全概率公式进行求解；(3)设抽取次数为，求出的分布列和数学期望，利用错位相减法求出，由函数单调递增，得出在时单调递增，结合题目给出的参考数据求得答案,18【答案】(1)(2)【详解】（1）椭圆的方程为，当轴时，所以点在椭圆上，依题意，解得，所以椭圆的方程为；（2）设圆心,A(x1,y1),B(x2,y2),显然直线的斜率存在，设，由，则，又，代入得到：，同理可得，则分别是的两个根，由韦达定理可得，又联立与，得，因为，所以故解得，直线的斜率为.19【答案】(1)是，理由见解析(2)(3)【详解】（1），是的下位序列；（2）是的“下位序列”，均为正数，故，即，同理，综上所述：；（3）由已知得，因为为整数， 故，该式对集合内的每一个 的每个正整数都成立，所以正整数的最小值为.